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江苏省镇江市句容市天王中学九年级期末物理试题（word版含解析）

一、单项选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）1．如图所示器具中，属于省力杠杆的是（　　）

A． 笤帚 B． 筷子

C． 独轮车 D． 钓鱼竿

【考点】杠杆的分类．【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关

系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、笤帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．

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故选C．　2．下列有关数据符合实际的是（　　）A．家用冷暧空调的功率约为 20W

B．一机械经改良效率可达 100%

C．对人体安全的电压不超过 220V

D．教室电视机正常工作时的电流约为 0.5A

【考点】电功率；电流的大小；电压．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，

有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解答】解：A．家用冷暧空调的功率约为 1000W，故A错误；B．使用任何机械做功时，都一定会有额外功，机械效率都小于 100%，故B

错误；C．对人体安全的电压是不高于 36V，故C错误；D．教室电视机正常工作时的功率约为 100W，由 P=UI可得电流约为 I= =

≈0.5A，故D正确．故选D．

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　3．科学研究中常常发现某一问题的两个相关的量（x，y）之间存在一定的关

系，且可用图线表示．下列相关的量之间不符合如图所示关系的是（　　）

A．恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离的关系B．物体温度升高时，吸收的热量与温度的关系C．某种燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量的关系D．一段导体中通过的电流与导体两端电压的关系【考点】功；热量的计算；燃料的热值；欧姆定律．【分析】观察分析图象，图中两个量（x，y）之间成正比关系，看选项中哪两

个量的关系与图象中的相符，找出两个量之间的关系不符合的选项即可．【解答】解：图象中两个量之间表示的关系是正比关系，据此分析：A、力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离成正比．不符合题意；B、物体吸收热量的多少与比热容、质量和升高的温度都有关系，比热容和质

量不确定，物体吸收热量与温度变化关系不能确定．符合题意；C、某种燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量成正比．不符合题意；

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D、同一导体电阻一定，通过的电流与导体两端电压成正比．不符合题意．故选B．　4．下列关于温度、热量和内能的说法中正确的是（　　）A．物体温度升高，一定吸收了热量B．物体放出热量时，温度一定降低C．物体内能增加时，温度一定升高D．物体温度升高，内能一定增加【考点】温度、热量与内能的关系．【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关．（2）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变

化．（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递．【解答】解：A、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界物体对它

做功，故A错误．B、物体放热时温度可能不变，比如：晶体在凝固过程中放热但温度不变，故B

错误．

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C、晶体熔化过程和液体沸腾过程，物质不断吸收热量，内能增加，但是温度

不变，故C错误；D、物体温度升高，物体内能一定增加，故D正确．故选D．　5．现在许多家庭采用了“水地暖”取暖．其原理是用不高于 60℃的热水，在

铺设于地板下的管道内循环流动，加热整个地板，通过地板以热传递方式向室

内供热．利用热水为热媒，主要是因为水的（　　）A．流动性强 B．沸点高 C．比热容大 D．密度大【考点】水的比热容的特点及应用．【分析】水的比热容大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热

量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量

多．【解答】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同

的温度，放出的热量多，所以“水地暖”利用热水为热媒；故选C．　

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6．有两只灯泡 L1和 L2，分别标有“6V 6W”和“6V 3W”字样，若不考虑温度

对灯丝电阻的影响，下面说法正确的是（　　）A．正常工作时，L1的电阻大于 L2的电阻B．将两灯串联在 6V的电源上发光时，L1两端的电压大于 L2两端的电压C．将两灯串联在 6V的电源上发光时，L2比 L1 亮D．当两灯并联在 6V的电源上发光时，通过 L1的电流小于通过 L2的电流【考点】电功率与电压、电流的关系．【分析】A、由灯泡铭牌可知，灯泡的额定电压与额定功率，由功率的变形公

式R= 可以比较两灯泡的电阻大小；

B、由公式W=Pt可知，灯泡正常工作时消耗的电能与灯泡功率及工作时间有

关，据此分析答题；C、两灯泡串联，流过它们的电流相等，由电功率公式 P=I2R判断两灯泡的实

际功率大小，实际功率越大，灯泡越亮；D、两灯泡并联在 6V电源上，灯泡正常发光，由公式 I= 可以判断流过灯泡

的电流大小．

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【解答】解：A、由题意知，灯泡的额定电压U1=U2=6V，额定功率

P1=6W，P2=3W，P1＞P2，由R= 可知 R1＜R2，故A错误；

B、两灯串联在 6V的电源上时，流过它们的电流 I相等，已知 R1＜R2，由

U=IR可知 L1两端的电压小于 L2两端的电压，故B错误；C、两灯串联在 6V的电源上时，流过它们的电流 I相等，已知 R1＜R2，由

P=I2R可知 P 实际 1＜P 实际2，所以 L2比 L1 亮，故C正确；D、两灯并联在 6V的电源上发光时，灯泡功率等于额定功率，因为 P1＞P2，

由 I= 可知，I1＞I2，故D错误．故选C．　7．如图所示，几只串联的水果电池提供的电力足够点亮排成V 字形的一组发

光二极管．下列说法正确的是（　　）

A．水果电池将电能转化为化学能B．发光二极管是由半导体材料制成的

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C．一组二极管同时发光说明它们一定是串联的D．如果少串联一个水果电池，二极管将变亮【考点】半导体的作用；电源及其能量转化；串联电路和并联电路的辨别．【分析】水果电池是将化学能转化为电能；导体和绝缘体在一定条件下可以相互转化；两个或多个灯，同时亮、同时灭，可以串联、也可以是并联；电池串联时，得到的电压是每个电池的电压之和．【解答】解：A、水果电池是将化学能转化为电能，故A错误；B、发光二极管是由半导体材料制成的，故B正确；C、一组二极管同时发光，可能是串联，也可能是并联，故C错误；D、如果少串联一个水果电池，电压变小，二极管将变暗，故D错误．故选：B．　8．公交车门夹人导致的悲剧各地时有发生．小明设计了一个方案，在公交车

后门左右扶杆上均装有一个按钮，每个按钮相当于一个开关，当乘客按下任一

按钮．驾驶台上的指示亮，提醒司机有人下车．如图电路图能实现上述目标的

是（　　）

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A． B． C． D．

【考点】串、并联电路的设计．【分析】根据“当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯都会发光”结合串并

联电路特点判断两个开关的连接方式，然后分析电路图答题．【解答】解：当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯都会发光，说明这两个

开关可以独立工作、互不影响即为并联，且指示灯位于干路上，由图示电路图

可知，B符合题意，ACD不符合题意．故选B．　9．如图是一个厨房天然气安全监控的部分电路原理图，电源电压不变，R0为

定值电阻，R是用半导体材料制成的气敏电阻，其电阻值会随着天然气浓度的

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升高而变小，闭合开关 S，若厨房天然气浓度升高，则下列判断正确的是（　

）

A．电压表的示数变大 B．气敏电阻R的阻值变大C．通过电阻R0的电流变小D．气敏电阻R两端电压变大【考点】电路的动态分析．【分析】由电路图可知，R0与R 串联，电压表测 R0两端的电压．根据天然气

浓度升高可知气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电

压表示数的变化．【解答】解：由电路图可知，R0与R 串联，电压表测 R0两端的电压．当天然气浓度升高时，气敏电阻的阻值变小，电路中的总电阻变小，故B错

误；由 I= 可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R0两端的电压变大，即电压

表的示数变大．故C错误，A正确；

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UR=U U﹣ 0，U0变大，电源电压不变，所以气敏电阻R两端电压减小．D错

误．故选A．　10．在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动

变阻器．闭合开关 S，调节滑动变阻器，将滑动触头 P 从最左端滑到最右端，

两电压表的示数随电路中电流变化的完整过程的图线如图乙所示．则（　　）

A．图线B 反映电压表V1示数随电流的变化B．改变R1的值，其他条件不变，两条图线一定有交点C．改变R1的值，图线B一定与横轴相交，图线A的延长线不一定过坐标原点D．滑动变阻器的最大阻值等于R1的阻值【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．【分析】解决此题的关键是能看懂甲图中电压表测的是哪部分电压及乙图中电

压表示数随电流的变化情况，能用欧姆定律的变形式R= 求解电阻的大小．

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【解答】解：A、滑片在最左端时，R2 接入电路的阻值为零，因此此时电压表

V2示数为零，由图象可得，图线B 反映电压表V2示数随电流的变化，故A选

项错误；B、串联电路起分压作用，因此当 R1的值大于R2的最大阻值时，电压表V1和

电压表V2的示数一定不会相等，则两条图线一定没有交点，故B选项错误；C、根据U=IR可知，当 R一定时，电压与电流成正比，因此图线A的延长线

一定过坐标原点；故C选项错误；D、从图形中可以看出，电路中电流最小时，滑动变阻器接入电路的阻值最

大，并且此时两电压表的示数相等，故滑动变阻器的最大阻值等于R1的阻

值，D选项正确．故选 D．　11．如图所示，一个标有“6V，3.6W”字样的小灯泡 L和最大阻值为 50Ω的

滑动变阻器R 串联后接在电源电压U恒为 6V的电路中，设灯泡电阻不变，则

下列判断不正确的是（　　）

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A．无论如何移动滑片 P，电路中总功率不会超过 2W

B．移动滑片 P，电路中总功率最小值为 0.6W

C．当滑片 P 滑到某个位置时，L和R的电功率相等D．当滑片 P由 a 滑向 b的过程中，灯泡 L的电功率一直是减小【考点】电功率的计算．【分析】A、要判断电路中总功率会不会超过 2 瓦，就需要算一下电路的最大

总功率是多少．当滑动变阻器的滑片移到 a端时（此时滑动变阻器的阻值为 0），电路中只有

灯泡 L，此时电路中的总功率是最大的，然后算出灯泡的电功率，最后和 2 瓦进行比

较；B、要算电路中的总功率最小值是不是 0.6 瓦，就需要先知道滑片移到什么位

置时电路的总功率是最小的．当滑动变阻器的滑片移到 b端时（此时滑动变阻器的阻值为最大值），电路中

的总功率是最小的．

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先根据公式R= 算出灯泡的电阻，然后算出灯泡和变阻器的总电阻，最后根

据公式 P= 算出总功率；

C、当滑动变阻器的阻值与灯泡的阻值相等时，滑动变阻器消耗的电功率与灯

泡消耗的电功率相等；D、当滑片 P由 a 滑向 b的过程中，滑动变阻器的阻值在增大，所以电路中的

电流在减小，则灯泡消耗的电功率在减小．【解答】解：A、当滑动变阻器的滑片移到 a端时（此时滑动变阻器的阻值为

0），电路中只有灯泡 L，此时电路的总电阻最小，而总功率是最大的．因为电源电压是 6V，等于灯泡的额定电压，所以灯泡此时

消耗的实际功率等于额定功率，即为 3.6W，故A错误，符合题意；B、当滑动变阻器的滑片移到 b端时（此时滑动变阻器的阻值为最大值），此

时电路的总电阻最大，

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而总功率是最小的；灯泡的电阻：RL= = =10Ω，电路的总电阻：R

总=RL+R=10Ω+50Ω=60Ω，

电路的总功率：P 总= = =0.6W，故B正确，不符合题意；

C、灯泡 L和滑动变阻器是串联，则通过它们的电流相等，根据公式 P=I2R可

知：在电流相同的情况下，当滑动变阻器的阻值与灯泡的阻值相等时，它们消耗的功率也是相等的，故C

正确，不符合题意；D、当滑片 P由 a 滑向 b的过程中，滑动变阻器的阻值在增大，则电路中的电

流在减小，根据公式 P=I2R可知：在灯泡电阻不变的情况下，电流减小，则功率减小，故D正确，不符合题意．故选A．　12．小军和姐姐一起去买电饭煲，当他们选择某一品牌的电饭煲时，发现有

800W和 1200W两种功率可选，如图是他们针对买哪一款更省电的问题出现

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的不同意见．在将相同质量的水升高相同的温度的前提下，下列说法正确的是

（　　）

A．不考虑热损失，800W和 1200W 消耗电能一样多B．考虑热损失，800W的消耗电能一定较少C．因为 1200W的电饭煲功率较大，则消耗的电能一定较多D．虽然 800W的电饭煲功率较小，但消耗电能不一定慢【考点】电功计算公式的应用；电功率．【分析】（1）电饭煲在工作过程中将电能转化为水的内能，质量相同的水升

高相同的温度，需要的热量相同．①如果不考虑热量的损失，电能全部转化为水的内能，使水温升高，已知水需

要的热量相同，所以消耗的电能相同，电饭煲省电与否与功率没有关系；②考虑热量的散失水在加热过程中，时间越长，热量损失越多，在水升温需要

的热量一定的前提下，电饭煲功率越低，加热时间越长，热量的损失越多，也

就是此电饭煲要费电．

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（2）电功率是反应用电器消耗电能快慢的物理量．【解答】解：（1）①不考虑热损失，两只电饭煲省电情况相同，因为电能全

部转化为内能被水吸收，水吸收的热量相同，所以省电情况一样；②考虑热损失，1200W的电饭煲省电，因为水吸热相同，根据W=Pt，功率

大的加热时间短，热散失少，所以省电．综上所述，在相同质量的水升高相同的温度的前提下，不考虑热损失，消耗电

能一样多；考虑热损失，1200W的消耗电能少，故A正确，BC错误．（2）电功率是反应用电器消耗电能快慢的物理量，800W的电饭煲功率较

小，消耗电能一定慢，故D错误．故选A．　二、填空题（本题共11小题，每空1分，共28分）13．如图所示，滑轮　 A 　 可以看作是等臂杠杆（选填“A”或“B”）；若搬运

工人用B 滑轮在 20s内将重为 180N的重物匀速提升 6m，所用拉力为

100N，则拉力的功率为　 60 　 W，B 滑轮的机械效率是　 90% 　 ．

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【考点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效

率．【分析】（1）定滑轮的本质是等臂杠杆，不省力，也不省距离；动滑轮的本

质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，可以省一半的力，但是费距离．（2）由图知，承担物重的绳子股数 n=2，s=2h，知道做功时间，利用功率公

式求绳的拉力 F做功的功率；利用公式 η= 计算机械效率．

【解答】解：（1）A是定滑轮，本质是等臂杠杆，B是动滑轮，本质是动力臂

是阻力臂二倍的杠杆；（2）①拉力移动距离 s=2h=2×6m=12m，拉力做的总功W 总=Fs=100N×12m=1200J，

拉力的功率 P= = 60W；

②有用功W 有用=Gh=180N×6m=1080J

B 滑轮的机械效率 η= ×100%= ×100%=90%

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故答案为：A；60；90%．　14．2015 年 10 月 16 日上午镇江市“市长杯”校园足球总决赛拉开序幕，这

是我市重视足球运动，提升校园足球水平的重要措施．在比赛中，我校运动员

用力踢球射门，足球离脚在空中飞行的过程中，运动员　一定不　（填“一

定”、“一定不”、“可能”）对足球做功．如果不计空气阻力，足球在空中

下落的过程中，其动能将　变大　（填“变大”、“不变”、“变小”），实

质是　重力势　能转化为动能．【考点】力是否做功的判断；动能和势能的转化与守恒．【分析】（1）做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用，二是物体在

力的方向上通过距离；（2）动能大小的影响因素是质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大；

重力势能大小的影响因素是质量和高度，质量越大、位置越高，重力势能越

大；动能和势能统称为机械能．【解答】解：当足球离开运动员的脚之后，运动员对足球施加的力就消失了，

由于惯性向前运动了一段距离，运动员没有对足球施加力的作用，故没做功；

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足球在下落过程中，质量不变，速度变大，动能变大；高度降低，重力势能变

小，重力势能转化为动能．故答案为：一定不；变大；重力势．　15．如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉花，用力将活塞

迅速向下压，棉花燃烧起来．此实验得到的结论是：对筒内气体做功，它的　

内　能会增加．其能量转化情况与四冲程汽油机的　压缩　冲程相同．实验中

如果不放入棉絮，将活塞迅速向下压，筒内气体温度　会　（选填“会”或

“不会”）升高．

【考点】做功改变物体内能；升华和凝华的定义和特点．【分析】改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增

大，温度升高；内燃机有四个冲程，在⊋压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将

机械能转化为内能．

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【解答】解：（1）在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用

力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能

增加；（2）压火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，与内燃机的压缩冲程

相似；（3）实验中如果不放入棉絮，将活塞迅速向下压，筒内气体内能仍增大，温

度照样升高．故答案为：内；压缩；会．　16．在某导体两端加 4V电压时，通过该导体的电流为 0.2A；该导体的电阻等

于　 20 　 Ω，在这个导体两端加 6V的电压时，通过该导体的电流等于　 0.3 　

A；当这个导体两端不加电压时，该导体的电阻为　 20 　 Ω．【考点】欧姆定律的应用；电阻．【分析】（1）已知导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的

电阻；

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（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度

有关，与其两端的电压无关，再根据欧姆定律求出导体两端加 6V的电压时通

过导体的电流．【解答】解：根据欧姆定律可得，导体的电阻：R= = =20Ω，∵电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，∴在这个导体两端加 6V的电压时，导体的电阻仍为 20Ω不变，此时通过导体的电流：I′= = =0.3A．故答案为：20；0.3；20．　17．如图所示为某宾馆的取电卡座．把房卡插入槽中，房间内的灯和插座才能

有电．房卡的作用相当于一个　开关　（填电路元件）接在电路中．宾馆中各

用电器的连接方式是　并　联，这种电路连接方式的好处是　独立工作，互不

影响　．

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【考点】电路的基本连接方式．【分析】家庭电路中各用电器并联，这样工作时互不影响，同时干路的开关可

以控制整个电路，据此分析判断．【解答】解：由题意可知，把房卡插入槽中，房间内的灯和插座才能有电，说

明房卡的作用相当于一个开关，且接在了干路上；宾馆中各用电器的连接方式是并联的，这种电路连接方式的好处是各用电器可

以独立工作，互不影响．故答案为：开关；并联；独立工作，互不影响．　18．汽油机在某次工作时消耗汽油 0.2kg，这些汽油完全燃烧放出　 9.2×10 6

J的热量．汽车汽油机工作过程中，水箱中的水温度会升高，这是通过　热传递

的方式使水的内能增加．（汽油的热值为 4.6×107J/kg）【考点】热量的计算；热传递改变物体内能．

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【分析】（1）燃料完全燃烧放出的热量用公式Q=qm计算，其中 q为燃料的

热值；（2）热量从高温物体传向低温物体的现象叫热传递．【解答】解：（1）0.2kg 汽油完全燃烧要放出的热量：Q 放=qm=4.6×107J/kg×0.2kg=9.2×106J．（2）汽油机的温度比水的温度高，所以热量会从汽油机传向水，这是通过热

传递的方式改变水的内能．故答案为：9.2×106；热传递．　19．如图所示，A和B分别是两个阻值不同的电阻RA和RB的电流和电压关系

图，则两个电阻阻值大小关系为RA　＞　RB（选填“＞”、“＜”或

“=”），若两个电阻并联，并联总电阻的图象在区域　Ⅲ　（选填“I”、

“Ⅱ”或“Ⅲ”）．

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【考点】欧姆定律的应用．【分析】（1）从图象中比较两电阻两端电压相同时，通过R1和R2的电流大小

的关系，再利用R= 即可比较出阻值的关系；（2）根据电阻的并联特点可知两电阻并联后的总电阻与分电阻之间的关系，

然后得出所在的区域．【解答】解：（1）从图象上可以看出，当 R1和R2两端的电压相同时，IA＜

IB，由R= 可得，RA＞RB；（2）因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，两个电阻并联时总电阻小于RA和RB中任何一个电阻，即并联后的总电

阻小于较小B电阻的阻值，因此在相同电压下，通过的电流比B中的电流要大，故其图象应该在Ⅲ区域．故答案为：＞；Ⅲ．　

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20．小明家的电能表如图所示，其读数是　 931.6 　 kW•h，当小明家只有一

盏标有“220V 60W”电灯工作时，3min内转盘正好转过 5圈，则该灯泡在这

3min内实际消耗的电能是　 7200 　 J．

【考点】电能表参数的理解与电能的求法．【分析】（1）电能表的读数最后一位是小数；单位是 kW•h；（2）2500R/kW•h表示的是电路中每消耗 1kW•h的电能，转盘转 2500

圈，据此求出电能表转盘正好转过 5圈电灯消耗的电能．【解答】解：（1）电能表的示数为 931.6kW•h；（2）2500R/kW•h表示电能表转盘正好转过 1圈，电路中消耗 kW•h的

电能，所以转盘正好转过 5圈电灯消耗的电能：W= kW•h=0.002kW•h=0.002×3.6×106J=7200J．

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故答案为：931.6；7200．　21．如图甲所示电路，当开关 S 闭合后，电流表的指针偏转如图乙所示，其中

a电流表测量的是通过　 L 1　（选填“电源”、“L1”或“L2”）的电流，b电流

表的读数应为　 1.2 　 A．

【考点】并联电路的电流规律；电流表的读数方法．【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表 a 测 L1支路的电流，电流表 b 测

干路电流，根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定 b电流表的量

程，再根据分度值读出示数．【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表 a 测 L1支路的电流，电流表

b 测干路电流，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且 b电流表指针的偏转角小于 a

电流表指针的偏转角，∴b电流表的量程为 0～3A，分度值为 0.1A，示数为 1.2A．

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答案：L1；1.2．　22．小明用图甲所示装置来提升重物M，图乙是物体上升过程某段时间内的 s

t﹣ 图线．已知物体重为 1N，闭合开关后，在 2.4s～2.8s 这段时间内，电流

表和电压表的示数分别为 0.2A和 5V，则 2.4s～2.8s 这段时间内该装置提升

重物做得有用功为　 0.2 　 J，电流通过电动机所做的总功为　 0.4 　 J，它的效

率是　 50 　 %．

【考点】机械效率的计算；有用功和额外功；电功的计算．【分析】由图乙可知，2.4s～2.8s 这段时间内提升的高度，根据W=Gh 求出

该装置提升重物做得有用功，根据W=UIt 求出电流通过电动机所做的总功，

根据 η= ×100%求出效率．

【解答】解：由图乙可知，2.4s～2.8s 这段时间内提升的高度 h=0.75m﹣

0.55m=0.2m，

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该装置提升重物做得有用功：W 有=Gh=1N×0.2m=0.2J，电流通过电动机所做的总功：W=UIt=5V×0.2A×（2.8s 2.4s﹣ ）=0.4J，该装置的效率：

η= ×100%= ×100%=50%．

故答案为：0.2；0.4；50%．　23．一只标有“220V、110V、40W”的电烙铁，其尾部的接线端及和它对应

的电热丝连线如图所示，其中B为电热丝 AC的中点抽头．将 AC端与 220V

的电源相连，电烙铁的功率为　 40 　 W，将 AC端与 110V的电源相连，电烙

铁的功率为　 10 　 W，如将 AC 连在一起作为一个接线端，再将 AB端与 110V

的电源相连，电烙铁的功率为　 40 　 W．

【考点】电功率的计算．【分析】导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积有关（本题忽略温度的

影响）．长度增大一倍，电阻增大一倍；横截面积增大一倍电阻减小一倍．对

30

电烙铁AC 接线柱来说，不同电压下电流、功率都不同，但电阻不变；可根据

额定电压下对应的额定功率求出电阻这个不变量，求各种电压下的电功率．【解答】解：①电烙铁铭牌上标明额定功率为 40W，就是说在额定电压为

220V，对应的功率为 40W；如果接入 220V的电压下，电烙铁正常工作，其功率等于额定功率，为 40W，

即将接线端AC 接入 220V电压中电烙铁功率为 40W；

②由 P= 可知，电热丝 AC的阻值为：RAC= = =1210Ω，

因为B为中点，故AB、CB段的阻值为：RAB=RBC= RAC=

×1210Ω=605Ω，

将 AC端与 110V的电源相连，电烙铁的功率：PAC′= =

=10W，③如将 AC 连在一起作为一个接线端，再将 AB端与 110V的电源相连，

相当于AB、CB 并联，此时电烙铁的功率：P= + = +

=40W．

31

故答案为：40；10；40．　三、解答题（本题共7小题，共48分．解答应写出必要的文字说明和重要的

演算步骤）24．（1）如图甲，杠杆在力 F1、F2的作用下处于静止状态，L1是力 F1的力

臂，请在图中作出 F2的力臂 L2和力 F1的示意图．（2）根据图乙所示的电流方向，将电池组和电铃符号填入电路空缺处，使电

路完整且正确．（3）在图丙所示的电路中，请用笔线代替导线将定值电阻R与滑动变阻器以

某种方式连接．要求：闭合开关 S后，不移动变阻器滑片 P的位置，使得电流

表的示数最小．

【考点】力臂的画法；力的示意图；电路图及元件符号；实物的电路连接．【分析】（1）画力臂的方法：首先确定支点；然后找到动力和阻力，并用虚

线延长动力和阻力的作用线，做支点到动力作用线和阻力作用线的垂线即可；

32

根据力臂的定义，力臂为支点到力的作用线的距离，已知力臂可画出力．（2）会根据电流的流向和开关的作用判断出电源的位置以及正负极，确定了

电源后，另一个空缺处则为电铃．（3）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，电路中的电流最大说明滑

动变阻器接入电路的电阻最大，即滑片远离的下方接线柱必须接入电路中．【解答】解：（1）先作出 F2的作用线，再由支点向作用线引垂线，支点到垂

足的距离就是力臂 l2如图：因为力臂为支点到力的作用线的距离，力的作用线与力臂垂直，作力臂 l1的垂

线可得力 F1的示意图：（2）根据电流方向和开关的作用可知，电源在下方，并且右端为正极，故上

方为电铃；如下图所示：（3）闭合电键 S后，不移动变阻器滑片 P的位置，使得电流表的示数最小，

说明此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据滑片远离下方接线柱时接入

电路的电阻变大可知，左下方接线柱与定值电阻串联，然后组成电路，如下图

所示：

33

　25．为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的

实验．实验数据记录如下表．物质 质

量/g

初始温度/

℃

加热时

间/min

最后温度/

℃

水 60 20 6 45

食用

油

60 20 6 68

（1）从表中数据可知，水和食用油的质量　相同　（选填“相同”或“不相

同”），加热结束时，食用油的温度比水温度　高　（选填“高”或

“低”）．

34

（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长

的时间，此时，水吸收的热量　大于　（选填“大于”或“小于”或“等

于”）食用油吸收的热量．（3）实验表明，　水　（选填“水”或“食用油”）吸热的能力更强．

【考点】比热容的概念；热量的计算．【分析】（1）认真观察表中数据即可得出结论．（2）两个相同的酒精灯对其加热，加热时间多，放出的热量就多，相应受热

物质吸收的热量就多．（3）根据比热容的概念和Q=cm△t进行分析，即△t和质量相等时，吸收的

热量越多的物质，比热容越大（即吸热的能力强）．【解答】解：（1）从表中数据可知，水和食用油的质量都是 60g．加热结束

时，食用油的温度和水的温度分别是68℃、45℃．故答案为：相同，高．

35

（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长

的时间．因为选用相同的酒精灯加热，所以加热时间长的吸收的热量多．即水吸收的热量大于食用油吸收的热量．故答案为：大于．（3）由Q=cm△t 知：质量相同的物质，升高相同的温度，吸收热量多的物质

比热容大．因为水和食用油的质量相同，它们的初温相同，要使水和食用油的最后温度相

同，水吸收的热量大于食用油吸收的热量，所以水的比热容大，即水吸热的能

力更强．故答案为：水．　26．小明利用铅笔芯和鳄鱼夹制作了简易调光灯，装置如图甲所示．

36

（1）甲图中有一处明显错误是　电流表正负接线柱接反了　；改正后，闭合

开关，改变鳄鱼夹 M、N之间距离，发现灯泡亮度会发生变化，这一现象说明

导体的电阻与导体的　长度　有关．（2）小明用一个 LED 灯替换铅笔芯，与小灯泡串联后接入电路（如图乙）．

闭合开关 S1，发现 LED 灯亮而小灯泡 L不亮．针对这种现象，同学们提出了以

下猜想：猜想一：小灯泡 L处发生短路猜想二：LED 灯电阻很大导致电路电流很小为了验证猜想，小组同学进行如下实验：实验一：将一根导线并联在图乙电路中 LED 灯的两端，此时 LED 灯　不亮

，小灯泡 L　亮　（填“亮”或“不亮”）．根据观察到的现象说明猜想一是

错误的．实验二：利用电流表和电压表，按图丙所示的电路对 LED 灯的电阻进行测量．

闭合开关依次移动滑动变阻器的滑片，获得多组数据如表．实验次数 电压（伏） 电流（毫安） 电阻（欧）

1 1.4 12 116.72 1.6 14 114.3

37

3 1.8 16 112.5… … … …

实验二中，某次测量时电压表示数如图丁所示，此时电压表读数为　 2.3 　 V，

实验时滑动变阻器的滑片逐渐向　 b 　 端移动（填“a”或“b”）．经分析，结

果支持猜想二，从而导致小灯泡的实际功率太　小　（填“大”或“小”），

不足以支持发光．【考点】控制变量法与探究性实验方案．【分析】（1）根据电流表的正确接法进行判断；导体的电阻与导体的长度、

材料以及横截面积有关；（2）实验一：若小灯泡 L处发生短路，当将一根导线并联在图甲电路中 LED

灯的两端时，灯泡不会发光；实验二：①根据电压表所选量程，可知其分度值，结合指针位置可得出此时电

压表示数；② 根据串联分压和欧姆定律分析，从而确定滑动变阻器的变化；③ 利用公式 P=UI，结合表中的数据可做出计算．【解答】解：（1）根据实物图可知，电流表的正负接线柱接线错误；

38

闭合开关，改变鳄鱼夹 M、N之间距离，即改变了导体的长度，发现灯泡亮度

会发生变化，说明导体的电阻与导体长度有关；（2）实验一：若小灯泡 L处发生短路，当将一根导线并联在图甲电路中 LED

灯的两端时，电流流经导线，灯泡不会发光，但根据观察到的现象否定了猜

想，说明小灯泡 L发光；实验二：①由图可知，电压表所选量程为 0～3V，分度值为 0.1V，则由指针

位置可知此时电压表示数为 2.3V；② 测定 LED 灯电阻，需要 LED 灯两端电压和流经 LED 灯电流的数值，猜想

二：LED 灯电阻很大导致电路电流很小，电流表不能显示读数，因此要减小滑

动变阻器两端电压，即滑动变阻器的滑片向 b端或右端移动；③由表中数据可知，当电压为 1.4V时，电路中的电流为 12mA=0.012A，则 LED 灯的消耗的电功率为：P=UI=1.4V×0.012A=1.68×10 2﹣ W；由表中数据可知，当电压为 1.8V时，电路中的电流为 16mA=0.016A，则 LED 灯的消耗的电功率为：P′=U′I′=1.8V×0.016A=2.88×10 2﹣ W；故由实验可知，电路中电流太小，从而导致小灯泡实际功率太小，不足以支持

发光．

39

故答案为：（1）电流表正负接线柱接反了；长度； （2）实验一：不亮；

亮；实验二：2.3；b；小．　27．在“探究电流与电压的关系”过程中，实验室提供的器材有：电源电压

4.5V且不 变，小灯泡标有“2.5V 0.3A”，定值电阻R 的阻值 10Ω，滑动变

阻器R0上标有“50Ω1A”字样，学生用双量程电流表和电压表，导线若干：

（1）某实验小组经过相互讨论，完成了该实验方案的三次设计．由图 1 到图 2，改进的理由是　小灯泡灯丝电阻受温度影响较大　；由图 2 到图 3，改进的理由是　可以多次测量求平均值　．（2）根据图 3实验过程中，如果出现了电流表示数为 0，电压表示数接近

4.5V，电路发生的故障可能是　电阻断路　．

40

（3）排除故障后，调节滑动变阻器，测出通过电阻R的电流和对应的电压

值，如表所示，分析数据后发现表格中电流值与电压值不成正比，检查两电表

均无故障，你认为可能的原因是　电流表使用前没有校零　；U/V 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0I/A 0.09 0.14 0.19 0.24 0.29 0.34

（4）在图 3所示的电路中，闭合开关 S，移动变阻器滑片 P 到某位置时，发现

两电表中某一个表的指针达到满刻度，如图 4（a）或（b）所示．此时电流表

的示数为　 0.3A 　 ，电压表的示数为　 3V 　 ．【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律．【分析】（1）“探究电流与电压”实验，采用的研究方法是控制变量法．需

要控制的物理量是电阻，变化的物理量是电压；（2）电流表示数为 0，说明电路中有断路，电压表示数接近 4.5V，说明电压

表和电源连接的部分电路无断路；（3）根据欧姆定律进行分析解答；（4）检查两电表均无故障，说明测量过程正确；分析数据后发现，表格中电

流值都减掉 0.05A时，电流值与电压值成正比；

41

【解答】解：（1）研究电流与电压的关系，必须保持电阻值一定．小灯泡灯

丝电阻受温度影响较大，如果两端电压发生改变，不仅电流发生变化，灯丝阻

值也会改变，要保持电阻不变，应该使用定值电阻，所以电路图应由 1改到

2；为了防止偶然性的发生，一般要进行多次测量，滑动变阻器能改变电路中

的电流和电压，从而达到多次测量的目的，所以电路图应由 2改到 3；（2）电流表的示数为零说明电路中有断路，再根据电压表的示数判断出电路

故障．电压表示数为 3V 等于电源电压，说明电压表的两个接线柱和电源连接

的部分没有断路，所以故障是电阻断路了；（3）分析表格中数据可知：电流值都去掉 0.04A时，电流值与电压值成正

比，所以可能的原因是电流表使用前没有校零．（4）若电流表满刻度，则电路总电阻为 ，故电流

表满刻度不可能，应是电压表满刻度，由于电源电压为 4.5V，故电压表示数为

3V；此时电流表的示数为 I ．故答案为：（1））小灯泡灯丝电阻受温度影响较大；可以多次测量求平均

值；（2）电阻断路；（3）电流表使用前没有校零；（4）0.3A；3V．　

42

28．如图是“探究影响电流做功多少的因素”的电路之一：（1）实验设计利用了能量转化的原理，即电流在做功过程中　电　能转化为

内能和光能．（2）电路中两灯泡的规格应　不同　（选填“相同”或“不同”）．实验

时，可以根据　灯泡的亮度　比较相同时间内电流做功的多少．（3）如图所示电路，可探究电流做功多少与　电压　的关系．（4）小明学了电功率知识后，将标有“12V 6W”灯泡 L1和“6V 4W”灯泡 L2

按如图电路连接，再接入电流表．经分析，可判断　 L 1　能正常发光（填

L1、L2 或 L1和 L2），此时另一个灯泡的实际功率为　 2.25 　 W（不考虑灯丝阻

值的变化）．（5）请你设计“探究电流做功多少与电流大小是否有关”的电路图．

【考点】电功的测量．【分析】（1）电流做功过程是电能转化成其他形式的能的过程；

43

（2）要探究电流做功与电压的关系，应控制电流相等而电压不同，要实现控

制要求，应使用不同规格的灯泡；电流做功多少不好观察，本题采用了转换法

的思想；（3）研究电流做功与电压的关系，应控制电流的大小和通电时间相同，通过

比较电压的大小，得出电流做功与电压的关系；（4）已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据 P=UI 求出两灯泡的额定电流，

利用欧姆定律求出两灯泡的电阻；两电阻串联时通过它们的电流相等，能正常

发光的灯泡为两灯泡额定电流中较小，根据 P=I2R 求出不能正常发光灯泡的实

际功率；（5）要探究电流做功多少与电流大小是否有关，应控制电压、通电时间相同

而电流相同，据此设计电路图．【解答】解：（1）电流做功的过程是电能转化为内能和光能；

44

（2）由图示电路图可知，两灯泡串联，通过它们的电流与通电时间相等，要

“探究影响电流做功多少的因素”电路中两灯泡的规格应不同；实验时，可以

根据灯泡亮度比较相同时间内电流做功的多少；（3）如图所示电路，电路电流与通电时间相同而灯泡两端电压不同，可探究

电流做功多少与电压的关系；（4）由 P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：

I1= = =0.5A，I2= = = A，

由 I= 可得，两灯泡的电阻分别为：

R1= = =24Ω，R2= = =9Ω，

因串联电路中各处的电流相等，所以，能正常发光的灯泡为额定电流中较小的 L1，此时电路中的电流 I=0.5A，L2的实际功率：P2′=I2R2=（0.5A）2×9Ω=2.25W；

45

（5）探究电流做功多少与电流大小是否有关”，应控制电压与通电时间相等

而电流不同，可以把两规格不同的灯泡并联，实验电路图如图所示：

故答案为：（1）电； （2）不同；灯泡的亮度；（3）电压；（4）L1；2.25；（5）电路图如上图所示．　29．如图所示电路，电源电压为 6V，R1为定值电阻，R2为规格“20Ω 2A”

的滑动变阻器，表 a、表 b为电压表或电流表．（1）若表 a为电流表、表 b为电压表，当 S 闭合时，电流表的示数为 1A，求

此时滑动变阻器R2 接入电路中的阻值；（2）若定值电阻R1的阻值为 10Ω，并拆去电表 a和 b，当 S 闭合时，移动滑

片 P，求 R1 消耗的最小电功率；

46

（3）若表 a为　电压　表、表 b为　电压　表，当 S 闭合时，移动滑动变阻

器R2的滑片 P，则两表的示数变化量始终相同．

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】（1）若表 a为电流表、表 b为电压表，当 S 闭合时，电路为R2的简

单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器R2 接入电

路中的阻值；（2）若定值电阻R1的阻值为 10Ω，并拆去电表 a和 b，当 S 闭合时，R1与R2

串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，R1 消耗的电

功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据 P=I2R 求出R1

消耗的最小电功率；（3）根据电路图分析 a、b分别为电流表或电压表时两表示数的变化关系，然

后得出答案．

47

【解答】解：（1）若表 a为电流表、表 b为电压表，当 S 闭合时，电路为R2

的简单电路，电流表测电路中的电流，由 I= 可得，此时滑动变阻器R2 接入电路中的阻值：R2= = =6Ω；（2）若定值电阻R1的阻值为 10Ω，并拆去电表 a和 b，当 S 闭合时，R1与R2

串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R1 消耗的电功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：

I′= = =0.2A，

R1 消耗的最小电功率：P1=（I′）2 R1=（0.2A）2×10Ω=0.4W；（3）由电路图可知：①a、b 均为电流表时，会造成电源短路；②a、b两表中一个为电流表、一个为电压表时，电压表测电源电压，电流表测

电路中的电流，滑片移动时，电压表的示数不变，电流表的示数发生变化；

48

③a、b 均为电压表时，R1与R2 串联，两电压表分别测两电阻两端的电压，由

串联电路中总电压等于各分电压之和可知，移动滑动变阻器R2的滑片 P时，两

表示数的变化量始终相同；综上可知，a、b 均为电压表．答：（1）此时滑动变阻器R2 接入电路中的阻值为 6Ω；（2）R1 消耗的最小电功率为 0.4W；（3）电压；电压．30．小明家淋浴用的简易太阳晒水箱内装水 60kg，水箱玻璃盖的面积为

1m2，已知地球上与太阳光线垂直的表面接收的太阳辐射能为

8×104J/（min•m2）；这类水箱吸收太阳能的效率约为 42%（不考虑散热损

失，假设使用中能够及时调整水箱朝向，使阳光总能垂直射入玻璃盖，计算中

可以认为电热管、小灯泡及电阻丝的电阻不随温度发生明显变化，计算结果小

数点后面保留 1位）．（1）计算 4小时后箱中的水升高的温度．水的比热容为 4.2×103 J/（kg•

℃）．

49

（2）考虑到散热损失，此水箱中的水在冬天往往温度不够高，小明设想在水

箱中加装一个“220V 2000W”的电热管，并利用一个“5V 1W”的小灯泡和

一段电阻丝，为电热管安装了一个指示灯．以下为小明的设计思路：① 因小灯泡的额定电压远小于家庭电路电压值，为使小灯泡正常发光，应将小

灯泡与电热管　串　联，此时电热管两端实际电压为　 215V 　 ，通过电热管的

实际电流为　 8.9A 　 ，而小灯泡正常工作时的电流为　 0.2A 　 ，故需截用一定

长度的电阻丝与指示灯　并　联后与电热管共同接入电路．②计算出电热管的实际功率为多少？③计算出需截用电阻丝的阻值为多少？【考点】电功与热量的综合计算；太阳能的其他相关计算．【分析】（1）太阳向地球辐射热量，辐射的热量没有全部被水吸收，根据水

吸收了太阳辐射热的 50%求出水吸收的热量，然后根据Q 吸=cm△t 求水的温

度变化量；（2）①小灯泡作为电热管的指示灯，应该是电热管工作时，小灯泡发光；电

热管不工作时，小灯泡不发光，即小灯泡的电流应随电热管的电流有无而存

50

无，为满足这一要求，应将小灯泡和电热管串联；根据串联电路的电压特点即

可求电热管两端的电压；

知道电热管的额定电压和额定功率，根据 P= 求出电热管的电阻；利用欧姆

定律即可求出实际电流；另一方面，根据 P=UI 求出灯泡正常工作时的电流，应注意电热管的和小灯泡

正常工作时的电流大小，比较两者电流的大小可知，不能将小灯泡直接与电热

管串联起来接到 220V的电路中，为使上述的串联关系成立，可以选取另一电

阻与小灯泡并联，只要电阻选取合适，便可将电热管的电流分出一部分，而使

通过小灯泡的电流不超过其额定电流，据此进行解答；② 根据 P=UI 求出安装指示灯后电热管的实际功率；③ 根据并联电路的电流特点和欧姆定律即可求出需截用电阻丝的阻值．【解答】解：（1）“8×104J/（min•m2）”表示每平方米面积上，每分钟太

阳辐射的热量为 8×104J，则 1m2 面积上 4h太阳辐射到水箱处的能量：

E=8×104J/（min•m2）×1m2×4×60min=1.92×107J，

51

水吸收的热量：Q 吸=Eη=1.92×107J×42%=8.064×106J，由Q 吸=cm△t得：

△t= = =32℃；

（2）①经分析可知，截取的电阻丝与小灯泡并联后与电热管串联，如下图所

示：

由于小灯泡正常工作，则灯泡两端的电压UL′=UL额=5V，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知电热管两端的实际电压为：U1′=U U﹣ L′=220V 5V=215V﹣ ，

由 P= 可得，电热管的电阻：

R1= = =24.2Ω；

通过电热管的实际电流为：

I= = ≈8.9A，

52

由 P=UI得灯泡正常工作的电流：

IL= = =0.2A，

由于 IL＜I，所以需截用的电阻丝与指示灯并联后与电热管再串联接入电路．②电热管实际功率 P 实=U1′I=215V×8.9A=1913.5W；③ 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过截用电阻丝的电流为：I2=I I﹣ L=8.9A 0.2A=8.7A﹣ ，根据并联电路中各支路两端的电压相等和欧姆定律得：

电阻丝的电阻值R2= = ≈0.6Ω．

答：（1）4小时后箱中的水升高的温度为 32℃．（2）①串；215V；8.9A；0.2A；并；②电热管的实际功率为 1913.5W；③需截用电阻丝的阻值为 0.6Ω．